BZOJ 4407 于神之怒加强版
发布日期:2021-05-04 16:55:12 浏览次数:50 分类:技术文章

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题解

反演

∑ T = 1 min ⁡ ( n , m ) ⌊ n T ⌋ ⌊ m T ⌋ ∑ d ∣ T d k μ ( T d ) \sum_{T=1}^{\min(n,m)}\lfloor\frac{n}{T}\rfloor\lfloor\frac{m}{T}\rfloor\sum_{d|T}d^k\mu(\frac{T}{d}) T=1min(n,m)TnTmdTdkμ(dT)
f ( T ) = ∑ d ∣ T d k μ ( T d ) f(T)=\sum_{d|T}d^k\mu(\frac{T}{d}) f(T)=dTdkμ(dT)
显然 f f f是积性函数,可以线筛。整除分块即可。

代码

#include 
#include
int read(){
int x=0,f=1; char ch=getchar(); while((ch<'0')||(ch>'9')) {
if(ch=='-') {
f=-f; } ch=getchar(); } while((ch>='0')&&(ch<='9')) {
x=x*10+ch-'0'; ch=getchar(); } return x*f;}const int maxn=5000000;const int mod=1000000007;int quickpow(int a,int b){
int res=1; while(b) {
if(b&1) {
res=1ll*res*a%mod; } a=1ll*a*a%mod; b>>=1; } return res;}int k,p[maxn+10],prime[maxn+10],cnt,f[maxn+10];int getprime(){
p[1]=f[1]=1; for(int i=2; i<=maxn; ++i) {
if(!p[i]) {
prime[++cnt]=i; f[i]=quickpow(i,k)-1; if(f[i]<0) {
f[i]+=mod; } } for(int j=1; (j<=cnt)&&(i*prime[j]<=maxn); ++j) {
int x=i*prime[j]; p[x]=1; if(i%prime[j]==0) {
f[x]=1ll*(f[prime[j]]+1)*f[i]%mod; break; } f[x]=1ll*f[prime[j]]*f[i]%mod; } } for(int i=1; i<=maxn; ++i) {
f[i]+=f[i-1]; if(f[i]>=mod) {
f[i]-=mod; } } return 0;}int T,n,m;int main(){
T=read(); k=read(); getprime(); while(T--) {
n=read(); m=read(); int ans=0; for(int l=1,r; l<=std::min(n,m); l=r+1) {
r=std::min(n/(n/l),m/(m/l)); ans=(ans+1ll*(f[r]-f[l-1]+mod)*(n/l)%mod*(m/l))%mod; } printf("%d\n",ans); } return 0;}

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